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2013届高考数学一轮复习 第31讲 不等式性质及证明精品学案

时间:2012-09-05


2013 年普通高考数学科一轮复习精品学案 第 31 讲
一.课标要求: 1.不等关系 通过具体情境, 感受在现实世界和日常生活中存在着大量的不等关系, 了解不等式 (组) 的实际背景; 2.基本不等式:(a,b≥0) ①探索并了解基本不等式的证明过程; ②会用基本不等式解决简单的最大(小)问题。 二.命题走向 不等式历来是高考的重点内容。对于本将来讲,考察有关不等式性质的基础知识、基本 方法,而且还考察逻辑推理能力、分析问题、解决问题的能力。本将内容在复习时,要在思 想方法上下功夫。 预测 2013 年的高考命题趋势: 1.从题型上来看,选择题、填空题都有可能考察,把不等式的性质与函数、三角结合 起来综合考察不等式的性质、函数单调性等,多以选择题的形式出现,解答题以含参数的不 等式的证明、求解为主; 2.利用基本不等式解决像函数 f ( x ) ? x ? 考察的重点和热点,应加强训练。 三.要点精讲 1.不等式的性质 比较两实数大小的方法——求差比较法
a ?b ? a?b ? 0; a ?b ? a?b ? 0; a ? b ? a?b ? 0。

不等式性质及证明

a x

, ( a ? 0 ) 的单调性或解决有关最值问题是

定理 1:若 a ? b ,则 b ? a ;若 b ? a ,则 a ? b .即 a ? b ? b ? a 。 说明: 把不等式的左边和右边交换, 所得不等式与原不等式异向, 称为不等式的对称性。 定理 2:若 a ? b ,且 b ? c ,则 a ? c 。

1

说明:此定理证明的主要依据是实数运算的符号法则及两正数之和仍是正数;定理 2 称不等式的传递性。 定理 3:若 a ? b ,则 a ? c ? b ? c 。 说明:(1)不等式的两边都加上同一个实数,所得不等式与原不等式同向; (2)定理 3 的证明相当于比较 a ? c 与 b ? c 的大小,采用的是求差比较法; (3)定理 3 的逆命题也成立; (4)不等式中任何一项改变符号后,可以把它从一边移到另一边。 定理 3 推论:若 a ? b , 且 c ? d , 则 a ? c ? b ? d 。 说明:(1)推论的证明连续两次运用定理 3 然后由定理 2 证出;(2)这一推论可以推广 到任意有限个同向不等式两边分别相加,即:两个或者更多个同向不等式两边分别相加,所 得不等式与原不等式同向;(3)同向不等式:两个不等号方向相同的不等式;异向不等式: 两个不等号方向相反的不等式。 定理 4.如果 a ? b 且 c ? 0 ,那么 ac ? bc ;如果 a ? b 且 c ? 0 ,那么 ac ? bc 。 推论 1:如果 a ? b ? 0 且 c ? d ? 0 ,那么 ac ? bd 。 说明:(1)不等式两端乘以同一个正数,不等号方向不变;乘以同一个负数,不等号 方向改变; (2)两边都是正数的同向不等式的两边分别相乘,所得不等式与原不等式同向; (3)推论 1 可以推广到任意有限个两边都是正数的同向不等式两边分别相乘。这就是说,两 个或者更多个两边都是正数的同向不等式两边分别相乘,所得不等式与原不等式同向。 推 论 2: 如 果 a ? b ? 0 , 那 么 a 定 理 5: 如 果 a ? b ? 0 , 那 么 2.基本不等式 定理 1:如果 a , b ? R ,那么 a ? b ? 2 ab (当且仅当 a ? b 时取“ ? ”)。
2 2 n

? b
n

n

( n ? N 且 n ? 1) 。 ( n ? N 且 n ? 1) 。

n

a ?

b

说明:(1)指出定理适用范围: a , b ? R ;(2)强调取“ ? ”的条件 a ? b 。 定理 2:如果 a , b 是正数,那么
a?b 2 ? ab (当且仅当 a ? b 时取“=”)
?

说明: (1)这个定理适用的范围: a , b ? R ; (2)我们称

a?b 2

为 a , b 的算术平均数,

称 ab 为 a , b 的几何平均数。即:两个正数的算术平均数不小于它们的几何平均数。 3.常用的证明不等式的方法
2

(1)比较法 比较法证明不等式的一般步骤:作差—变形—判断—结论;为了判断作差后的符号,有 时要把这个差变形为一个常数, 或者变形为一个常数与一个或几个平方和的形式, 也可变形 为几个因式的积的形式,以便判断其正负。 (2)综合法 利用某些已经证明过的不等式 (例如算术平均数与几何平均数的定理) 和不等式的性质, 推导出所要证明的不等式, 这个证明方法叫综合法; 利用某些已经证明过的不等式和不等式 的性质时要注意它们各自成立的条件。 综 合 法 证 明 不 等 式 的 逻 辑 关 系 是 : A ? B1 ? B 2 ? ? ? B n ? B , 及 从 已 知 条件 A 出发,逐步推演不等式成立的必要条件,推导出所要证明的结论 B 。 (3)分析法 证明不等式时,有时可以从求证的不等式出发,分析使这个不等式成立的充分条件,把 证明不等式转化为判定这些充分条件是否具备的问题,如果能够肯定这些充分条件都已具 备,那么就可以断定原不等式成立,这种方法通常叫做分析法。 (1)“分析法”是从求证的不等式出发,分析使这个不等式成立的充分条件,把证明 不等式转化为判定这些充分条件是否具备的问题,即“执果索因”; (2)综合过程有时正好是分析过程的逆推,所以常用分析法探索证明的途径,然后用 综合法的形式写出证明过程。 四.典例解析 题型 1:考查不等式性质的题目 例 1.(1)如果 a ? 0, b ? 0 ,那么,下列不等式中正确的是( (A)
1 a ? 1 b

) (D) | a |? | b |

(B) ? a ?

b

(C) a ? b
2

2

(2)设 a、b、c 是互不相等的正数,则下列等式中不恒成立的是 .... (A) | a ? b |? | a ? c | ? | b ? c | (C) | a
? b|? 1 a ?b ? 2

(B) a 2

?

1 a
2

? a ?

1 a

(D) a ? 3 ? a ? 1 ? a ? 2 ? a

解析: (1)答案:A;显然 a ? 0, b ? 0 ,但无法判断 ? a , b 与 | a |, | b | 的大小; (2)运用排除法,C 选项 a ? b ?
1 a?b ? 2 ,当 a-b<0 时不成立,运用公式一定要注

3

意公式成立的条件,如果 a , b ? R, 那么 a ? b ? 2 ab (当且仅当 a ? b 时取 " ? " 号 ) ,如果
2 2

a,b 是正数,那么

a?b 2

?

ab (当且仅当 a ? b 时取 " ? " 号 ).

点评:本题主要考查.不等式恒成立的条件,由于给出的是不完全提干,必须结合选择 支,才能得出正确的结论。 例 2.(1)设 a,b,c,d∈R,且 a>b,c>d,则下列结论中正确的是( )

A.a+c>b+d

B.a-c>b-d

C.ac>bd


D.

a d

?

b c

(2)若 a<b<0,则下列结论中正确的命题是(

A

1 a

?

1 b



1 |a|

?

1 |b | 1

均不能成立

B.

1 a?b

?

1 b
1



?

1 |b |

均不能成立

|a|
? 1 a

C.不等式

a?b

和(a+

1 b

) >(b+

2

1 a

) 均不能成立

2

D.不等式

1 |a|

?

1 |b |

和(a+

1 a

) >(b+

2

1 b

) 均不能成立

2

解析:(1)答案:A;∵a>b,c>d,∴a+c>b+d; (2)答案:B 解析:∵b<0,∴-b>0,∴a-b>a,又∵a-b<0,a<0,∴
1 a?b ? 1 a





1 a?b

?

1 a

不成立。

∵a<b<0,∴|a|>|b|,∴

1 |a|

?

1 |b |



1 |a|

?

1 |b |

不成立。由此可选 B。

另外,A 中

1 a

?

1 b

成立.C 与 D 中(a+

1 b

) >(b+

2

1 a

) 成立。

2

其证明如下:∵a<b<0,

1 b

?

1 a

<0,∴a+

1 b

<b+

1 a

<0,∴|a+

1 b

|>|b+

1 a

|,

4

故(a+

1 b

) >(b+

2

1 a

)。

2

点评:本题考查不等式的基本性质。 题型 2:基本不等式 例 3. “a>b>0”是“ab< (A)充分而不必要条件 (C)充分必要条件
2 2

a

2

?b 2

2

”的(

) (B)必要而不充分条件 (D)既不允分也不必要条件

解析: A ; a ? b ? 2 ab 中参数的取值不只是指可以取非负数。均值不等式满足
a?b 2 ? ab , ( a ? 0 , b ? 0 ) 。

点评:该题考察了基本不等式中的易错点。 例 4.(1)若实数 a、b 满足 a+b=2,则 3 +3 的最小值是(
a b



A.18

B.6

C.2 3
1 2

D.2 4 3 (lga+lgb),R=lg(
a?b 2

(2)若 a>b>1,P= lg a ? lg b ,Q=

),则(



A.R<P<Q C.Q<P<R
a b
a b

B.P<Q<R
D.P<R<Q
a?b

解析:(1)答案:B;3 +3 ≥2 3 ? 3 ? 2 3 3 +3 的最小值是 6; (2)答案:B;∵lga>lgb>0,∴
1 2
a b

=6,当且仅当 a=b=1 时取等号。故

(lga+lgb)> lg a ? lg b ,即 Q>P,

又∵a>b>1,∴

a?b 2

?

ab ,

∴ lg(

a?b 2

) ? lg

ab ?

1 2

(lga+lgb),

即 R>Q,∴有 P<Q<R,选 B。 点评:本题考查不等式的平均值定理,要注意判断等号成立的条件。 题型 3:不等式的证明

5

例 5.已知 a>0,b>0,且 a+b=1 求证 (a+ 证法一: (分析综合法)

1 a

)(b+

1 b

)≥

25 4



欲证原式,即证 4(ab) +4(a +b )-25ab+4≥0, 即证 4(ab) -33(ab)+8≥0,即证 ab≤
2

2

2

2

1 4

或 ab≥8

∵a>0,b>0,a+b=1,∴ab≥8 不可能成立 ∵1=a+b≥2 ab ,∴ab≤ 证法二: (均值代换法) 设 a=
1 2 1 4

,从而得证。

+t1,b=

1 2

+t2。
1 2

∵a+b=1,a>0,b>0,∴t1+t2=0,|t1|<
? (a ? ( ? 1 2 1 a
2

,|t2|<

1 2



)( b ?

1 b

)? ( 1

a ?1
2

?

b ?1
2

a ? t2 ) ? 1
2

b ( ? 1 4 ? t 1 ? t 1 ? 1)( (
2 2

? t1 ) ? 1 1 2 ? t1
2

1 4 1 2

? 2

? t 2 ? t 2 ? 1) ? t2 )
2

2

1 2 1 4

? t2 ( ? 5 4

1 2

? t 1 )(
2 2

( ?

1 4

? t 1 ? t 1 ? 1)( 1 4

? t 2 ? t 2 ? 1)
2

? t2 ) ? t2 1 4 ? t2
2

? t2
4

25 ? 16

? 1 4

3 2

t2 ? t2
2

2

25 25 ? 16 ? . 1 4 4
1 2

? t2

显然当且仅当 t=0,即 a=b= 证法三:(比较法)

时,等号成立。

∵a+b=1,a>0,b>0,∴a+b≥2 ab ,∴ab≤
(a ? 1 a ? (a ? 1 a )( b ? 1 b )( b ? 1 b )? 25 4 )? 25 4 ? a
2

1 4


? 33 ab ? 8 4 ab ? (1 ? 4 ab )( 8 ? ab ) 4 ab ?0

? 1 b ? 1 25 4a b ? ? ? a b 4
2 2

2

证法四:(综合法) ∵a+b=1, a>0,b>0,∴a+b≥2 ab ,∴ab≤
1 4



6

25 ? 2 (1 ? ab ) ? 1 ? 2 ? 1 3 9 (1 ? ab ) ? 1 25 ? 16 2 ? 1 ? ab ? 1 ? ? ? (1 ? ab ) ? ? ? ? ? 4 4 16 ab 4 ? 1 ?4 ? ab ?
即 (a ? 1 a )( b ? 1 b )? 25 4



证法五:(三角代换法) ∵ a>0,b>0,a+b=1,故令 a=sin α ,b=cos α ,α ∈(0,
(a ? ? 1 a
4
2 2

?
2

),

)( b ?

1 b

) ? (sin
4

2

? ?
2

1 sin ?
2 2

)(cos

2

? ?

1 cos ?
2 2 2

)
2

sin ? ? cos ? ? 2 sin ? cos ? ? 2 4 sin
2

2?
2

?

( 4 ? sin ? ) ? 16 4 sin 2?

? sin

2

2 ? ? 1,? 4 ? sin
2

2? ? 4 ? 1 ? 3 .

4 ? 2 sin

2 ? ? 16 ? 25 ? 2 2 ( 4 ? sin 2 ? ) 25 ? ? ?? 1 1 2 4 4 sin 2 ? ? ? 2 4 sin 2 ? ? 1 a )( b ? 1 b )? 25 4 .

即得 ( a ?

点评: 比较法证不等式有作差(商)、 变形、 判断三个步骤, 变形的主要方向是因式分解、 配方,判断过程必须详细叙述:如果作差以后的式子可以整理为关于某一个变量的二次式, 则考虑用判别式法证。 例 6.求使 x ?
y ≤a x ? y (x>0,y>0)恒成立的 a 的最小值。

分析: 本题解法三利用三角换元后确定 a 的取值范围, 此时我们习惯是将 x、 与 cosθ 、 y sinθ 来对应进行换元,即令
x =cosθ ,
y =sinθ (0 < θ <

?
2

=,这样也得

a≥sinθ +cosθ ,但是这种换元是错误的 其原因是:(1)缩小了 x、y 的范围;(2)这样换
元相当于本题又增加了“x、y=1”这样一个条件,显然这是不对的。 除了解法一经常用的重要不等式外, 解法二的方法也很典型, 即若参数 a 满足不等关系,

a≥f(x),则 amin=f(x)max 若 a≤f(x),则 amax=f(x)min,利用这一基本事实,可以较轻松地
解决这一类不等式中所含参数的值域问题。 还有三角换元法求最值用的恰当好处, 可以把原 问题转化。 解法一:由于 a 的值为正数,将已知不等式两边平方, 得:x+y+2 xy ≤a (x+y),即 2 xy ≤(a -1)(x+y),
2 2



7

∴x,y>0,∴x+y≥2 xy , 当且仅当 x=y 时,②中有等号成立。 比较①、②得 a 的最小值满足 a -1=1, ∴a =2,a= 2 (因 a>0),∴a 的最小值是 2 。
x ? x? y y ( x ? x? y y)
2
2 2



解法二:设 u ?

?

?

x ? y ? 2 xy x? y

? 1?

2 xy x? y

∵x>0,y>0,∴x+y≥2 xy (当 x=y 时“=”成立),
2 xy 2 xy



x? y

≤1,

x? y

的最大值是 1。

从而可知,u 的最大值为 1 ? 1 ?

2 ,

又由已知,得 a≥u,∴a 的最小值为 2 , 解法三:∵y>0, ∴原不等式可化为
x y

+1≤a

x y

?1 ,



x y

=tanθ ,θ ∈(0,

?
2

)。

∴tanθ +1≤a tan 2 ? ? 1 ,即 tanθ +1≤asecθ ∴a≥sinθ +cosθ = 2 sin(θ + 又∵sin(θ +
?
4

?
4

),
?
4

③ )。

)的最大值为 1(此时 θ =

由③式可知 a 的最小值为 2 。 点评:本题考查不等式证明、求最值函数思想、以及学生逻辑分析能力。该题实质是给 定条件求最值的题目, 所求 a 的最值蕴含于恒成立的不等式中, 因此需利用不等式的有关性 质把 a 呈现出来, 等价转化的思想是解决题目的突破口, 然后再利用函数思想和重要不等式 等求得最值。 题型 4:不等式证明的应用

例 7.已知函数 f(x)=x + x ,数列|x n |(x n >0)的第一项 x n =1,以后各项按如
3 3

8

下方式取定:曲线 x=f(x)在 ( x n ? 1 , f ( x n ? 1 )) 处的切线与经过(0,0)和(x n ,f (x n ))两点 的直线平行(如图)

.
2 2 求证:当 n ? N 时,(Ⅰ)x n ? x n ? 3 x n ? 1 ? 2 x n ? 1 ; (Ⅱ) ( )
*

1

n ?1

2

1 n?2 ? xn ? ( ) 。 2

证明:(I)因为 f ( x ) ? 3 x ? 2 x ,
' 2

所以曲线 y ? f ( x ) 在 ( x n ? 1 , f ( x n ? 1 )) 处的切线斜率 k n ? 1 ? 3 x 因为过 (0, 0 ) 和 ( x n , f ( x n )) 两点的直线斜率是 x n ? x n ,
2

2
n ?1

? 2 x n ?1 .

所以 x n ? x n ? 3 x n ? 1 ? 2 x n ? 1 .
2 2

(II)因为函数 h ( x ) ? x ? x 当 x ? 0 时单调递增,
2

而 x n ? x n ? 3 x n ? 1 ? 2 x n ? 1 ? 4 x n ? 1 ? 2 x n ? 1 ? (2 x n ? 1 ) ? 2 x n ? 1 ,
2 2 2 2

所以 x n ? 2 x n ? 1 ,即

x n ?1 xn ?????

?

1 2

,

因此 x n ?

xn x n ?1

?

x n ?1 xn?2

x2

1 n ?1 ? ( ) . x1 2 y n ?1 yn ? 1 2

又因为 x n ? x n ? 2 ( x
2

2
n ?1

? x n ? 1 ), 令 y n ? x n ? x n , 则
2

.

2 因为 y1 ? x1 ? x1 ? 2, 所以 y n ? ( )

1

n ?1

2

因此 x n ? x n ? x n ? ( )
2

1

n?2

2

1 n ?1 , 故( ) 2

1 n?2 ? y1 ? ( ) . 2 1 n?2 ? xn ? ( ) . 2

点评:本题主要考查函数的导数、数列、不等式等基础知识,以及不等式的证明,同时 考查逻辑推理能力。 例 8.已知 a>0,函数 f(x)=ax-bx 。
9
2

(1)当 b>0 时,若对任意 x∈R 都有 f(x)≤1,证明 a≤2 b ; (2) b>1 时, 当 证明: 对任意 x∈ [0, , f x) 1] | ( |≤1 的充要条件是 b-1≤a≤2 b ; (3)当 0<b≤1 时,讨论:对任意 x∈[0,1],|f(x)|≤1 的充要条件。 (Ⅰ)证明:依设,对任意 x∈R,都有 f(x)≤1, ∵f(x)= ? b ( x ?
a 2b ) ?
2

a

2



4b

∴ f(

a 2b

)?

a

2

≤1,∵a>0,b>0,∴a≤2 b .

4b

(Ⅱ)证明:必要性:对任意 x∈[0,1],|f(x)|≤1 ? -1≤f(x),据此可以 推出-1≤f(1), 即 a-b≥-1,∴a≥b-1; 对任意 x∈[0,1],|f(x)|≤1 ? f(x)≤1,因为 b>1,可以推出 f(
1 b

)≤1,

即 a·

1 b

-1≤1,∴a≤2 b ;

∴b-1≤a≤2 b . 充分性:因为 b>1,a≥b-1,对任意 x∈[0,1], 可以推出:ax-bx ≥b(x-x )-x≥-x≥-1,即 ax-bx ≥-1; 因为 b>1,a≤2 b ,对任意 x∈[0,1], 可以推出 ax-bx ≤2 b x-bx ≤1, 即 ax-bx ≤1。 ∴-1≤f(x)≤1。 综上,当 b>1 时,对任意 x∈[0,1],|f(x)|≤1 的充要条件是 b-1≤a≤2 b . (Ⅲ)解:因为 a>0,0<b≤1 时,对任意 x∈[0,1]:
2 2 2 2 2 2

f(x)=ax-bx2≥-b≥-1,即 f(x)≥-1; f(x)≤1 ? f(1)≤1 ? a-b≤1,即 a≤b+1, a≤b+1 ? f(x)≤(b+1)x-bx2≤1,即 f(x)≤1。
所以,当 a>0,0<b≤1 时,对任意 x∈[0,1],|f(x)|≤1 的充要条件是 a≤b+
10

1. 22.解:原式 ? (x-a)(x-a )<0,∴x1=a,x2=a 。
2 2

当 a=a 时,a=0 或 a=1,x∈ ? ,当 a<a 时,a>1 或 a<0,a<x<a ,
2 2 2

当 a>a 时 0<a<1,a <x<a, ∴当 a<0 时 a<x<a ,当 0<a<1 时,a <x<a,当 a>1 时,a<x<a ,当 a=0 或 a=1 时,x∈ ? 。 点评:此题考查不等式的证明及分类讨论思想。 题型 5:课标创新题 例 9.三个同学对问题“关于 x 的不等式 x +25+| x -5 x |≥ ax 在[1,12]上恒成 立,求实数 a 的取值范围”提出各自的解题思路。 甲说:“只须不等式左边的最小值不小于右边的最大值”; 乙说:“把不等式变形为左边含变量 x 的函数,右边仅含常数,求函数的最值”; 丙说:“把不等式两边看成关于 x 的函数,作出函数图像”; 参考上述解题思路,你认为他们所讨论的问题的正确结论,即 a 的取值范围是 答案:a≤10。 点评: 该题通过设置情景, 将不等式知识蕴含在一个对话情景里面, 考查学生阅读能力、 分析问题、解决问题的能力。 例 10.在 m(m≥2)个不同数的排列 P1P2?Pn 中,若 1≤i<j≤m 时 Pi>Pj(即前面某数 大于后面某数),则称 Pi 与 Pj 构成一个逆序. 一个排列的全部逆序的总数称为该排列的逆 序数. 记排列 ( n ? 1) n ( n ? 1) ? 321 的逆序数为 an, 如排列 21 的逆序数 a 1 数 a3
? 6
2 3 2
2 2 2

2

2



?1, 排列

321 的逆序



(Ⅰ)求 a4、a5,并写出 an 的表达式; (Ⅱ)令 b n 解
? an a n ?1 ? a n ?1 an

,证明 2 n ? b1

? b 2 ? ? b n ? 2 n ? 3 ,n=1,2,?。
n ( n ? 1) 2
n n?2 n?2 n

(Ⅰ)由已知得 a 4
an a n ?1

? 10 , a 5 ? 15

,an
n?2 n

? n ? ( n ? 1) ? ? ? 2 ? 1 ?



(Ⅱ)因为 b n 所以 b1

?

?

a n ?1 an

?

n n?2

?

? 2

?

? 2 , n ? 1, 2 , ?



? b2 ? ? ? bn ? 2n
? n n?2 ? n?2 n

.
? 2? 2 n ? 2 n?2 , n ? 1, 2 , ?

又因为 b n



11

所 = 2n ? 3 ?
2 n ?1 ? 2 n?2


? 2n ? 3

b 1 ? b 2 ? ? ? b n ? 2 n ? 2 [(

1 1

?

1 3

)?(

1 2

?

1 4

)?? ? (

1 n

?

1 n?2

)]

。 。

综上, 2 n ? b1

? b 2 ? ? b n ? 2 n ? 3 , n ? 1, 2 , ?

点评:该题创意新,知识复合到位,能很好的反映当前的高考趋势。 五.思维总结 1.不等式证明常用的方法有:比较法、综合法和分析法,它们是证明不等式的最基本 的方法。 (1)比较法证不等式有作差(商)、变形、判断三个步骤,变形的主要方向是因式分解、 配方,判断过程必须详细叙述:如果作差以后的式子可以整理为关于某一个变量的二次式, 则考虑用判别式法证; (2)综合法是由因导果,而分析法是执果索因,两法相互转换,互相渗透,互为前提, 充分运用这一辩证关系,可以增加解题思路,开扩视野。 2.不等式证明还有一些常用的方法:换元法、放缩法、反证法、函数单调性法、判别 式法、数形结合法等。换元法主要有三角代换,均值代换两种,在应用换元法时,要注意代 换的等价性。放缩性是不等式证明中最重要的变形方法之一,放缩要有的放矢,目标可以从 要证的结论中考查。 有些不等式, 从正面证如果不易说清楚, 可以考虑反证法 凡是含有“至 少”、“惟一”或含有其他否定词的命题,适宜用反证法。 证明不等式时,要依据题设、题目的特点和内在联系,选择适当的证明方法,要熟悉各 种证法中的推理思维,并掌握相应的步骤、技巧和语言特点。 3.几个重要不等式 (1) 若 a ? R , 则 | a |? 0 , a
2

2

? 0
2 2

(2) 若 a、 b ? R , 则 a ? b ? 2 ab ( 或 a ? b ? 2 | ab |? 2 ab ) (当仅当 a=b
2

时取等号) (3)如果 a,b 都是正数,那么
?
ab ? a?b 2 . (当仅当

a=b 时取等号)

最值定理:若

x , y ? R , x ? y ? S , xy ? P ,

则:

1 2 ○如果 P 是定值, 那么当 x=y 时,S 的值最小;○如果 S 是定值, 那么当 x=y 时,P 的 值最大; 1 注意:○前提:“一正、二定、三相等”,如果没有满足前提,则应根据题目创设情境;
12

2 3 还要注意选择恰当的公式;○“和定 积最大,积定 和最小”,可用来求最值;○均值不等 式具有放缩功能,如果有多处用到,请注意每处取等的条件是否一致。

( 4 ) 若 a、 b、 c ? R , 则

?

a?b?c 3

?

3

a b c (当仅当 a=b=c 时取等号);

( 5 ) 若 a b ? 0, 则

b a

?

a b

? 2 (当仅当 a=b 时取等号)。

13


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