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】四川省成都市第七中学2015-2016学年高二上学期零诊模拟物理试题(扫描版) (3)

时间:2015-07-28


成都七中高一年级六月月考物理试题答案
1 解析:选 D.合力对物体所做的功等于各个力做功的代数和.F1 对物体做功 6 J,物体克 服 F2 做功 8 J,即 F2 对物体做功为-8 J,因而 F1、F2 的合力对物体做功为 6 J-8 J=- 2 J,D 正确. 2 解析:选 A.小球从斜面底端到最高点 C 的过程中,重力、弹簧弹力做功,C 点为最高 1 1 点,即 vC=0,由动能定理得:-mgh+W 弹=0-2mv2,W 弹=mgh-2mv2,故 A 正确. 3 解析:选 B.由动能定理可得 W1-W2=0,解得 W1=W2.由图象可知,撤去拉力 F 后运 动时间大于水平力 F 作用时间,所以 F>2Ff,选项 A、D 错误,B 正确;由于摩擦阻力 作用时间一定大于水平力 F 作用时间,所以 P1>P2,选项 C 错误. 1 2 4 解析:选 B.由动能定理得,小球由 A 到 B 过程-mgh+WFf=0-2mv0,小球由 B 到 A 1 22 过程有 mgh+WFf=2mv2-0,联立解得 v=00,B 正确. 5 解析:选 D.A 球和 C 球上升到最高点时速度均为零,而 B 球上升到最高点时仍有水平 方向的速度,即仍有动能. 1 2 2 对 A、C 球的方程为 mgh=2mv0,得 h=00 1 2 1 2 2 对 B 球的方程为 mgh′+2mvt=2mv0,且 vt≠0 22 所以 h′=0tt<h,故 D 正确. 6 解析:选 BC.A 球在上摆过程中,重力势能增加,动能也增加,机械能增加,B 正确; 由于 A 球、B 球和地球组成的系统只有重力做功,故系统的机械能守恒,C 正确,D 错 误;B 球部分机械能转化给 A 球,所以 B 球和地球组成系统的机械能一定减少,A 错误. 7 解析:选 D.由题图可知,在 0~t1 时间内,v-t 图象为倾斜的直线,故汽车做匀加速运 动,牵引力恒定,由 P=Fv 可知,汽车牵引力的功率均匀增大,选项 A 错误;在 t1~t2 1 2 1 2 1 2 1 2 时间内,根据动能定理有 WF-Wf=2mv2-2mv1,因此牵引力做的功大于2mv2-2mv1,

1 选项 B 错误;在 t1~t2 时间内,若 v-t 图象为直线,则平均速度为2(v1+v2),而题图所 v 1 示 v-t 图象为曲线,故这段时间内的平均速度-≠2(v1+v2),选项 C 错误;全过程中, t1 时刻牵引力最大,功率达到额定功率,也最大,之后,功率不变,牵引力减小,直至 F =f,此后汽车做匀速运动,故选项 D 正确. 8【答案】AC 9 解析:选 D.小球运动到环的最高点时与环恰无作用力,设此时的速度为 v,由向心力 mv2 1 公式可得 mg= R ;小球从最低点到最高点的过程中,由动能定理可得-Wf-2mgR=2 1 2 1 2 1 1 mv2-2mv0,联立可得 Wf=2mv0-2mv2-2mgR=2mgR,可见此过程中小球的机械能不 1 守恒,克服摩擦力做的功为2mgR,选项 D 正确,选项 A 错误;小球在最高点时,速度 v 方向和重力的方向垂直,二者间的夹角为 90°,功率 P=0,选项 C 错误;小球在最低点, 由向心力公式可得 2 2 F-mg=00,F=mg+00=7mg,选项 B 错误. 10.解析:选 ACD.由 v-t 图象可知,传送带沿斜向上运动,物体放到传送带上的初速度 方向是沿斜面向下的, 且做加速度方向沿传送带向上、 大小为 1 m/s2 的匀减速直线运动, 对其受力分析,可得 f-mgsin θ=ma,N-mgcos θ=0,f=μN,联立可得 μ=0.875,选 项 A 正确;根据 v-t 图象与时间轴围成的“面积”大小等于物体的位移,可得 0~8 s 1 1 内物体的位移 x=2×4×(2+6)m-2×2×2 m=14 m,选项 B 错误;0~8 s 内物体的机 1 械能的增加量等于物体重力势能的增加量和动能增加量的和,ΔE=mgxsin 37°+2m×42 1 -2m×22=90(J),选项 C 正确;0~8 s 内物体与传送带由于摩擦产生的热量等于摩擦力 乘以二者间的相对位移大小,Q=μmgs 相对 cos 37°=126 J,选项 D 正确. 11 解析:(1)设小车恰好通过最高点的速度为 v0,则有 2 mg=00 ①

由 C 点到最高点满足机械能守恒定律,有 1 2 1 2 2mvC=mg· 2R+2mv0 解得 vC=10 m/s (2)小车由最高点滑下到最终停止在轨道 CD 上,由动能定理有 1 2 mg· 2R-μmgxCD=0-2mv0 联立①④解得 xCD=10 m (3)小车经过 C 点的速度 vC≥10 m/s 就能做完整圆周运动. 小车由 A 到 C 由动能定理得 1 2 Fl-μmg(l+xBC)=2mvC 解得 xBC≤5 m ⑥ ⑦ ④ ⑤ ② ③

小车进入圆轨道时,上升的高度 h≤R=2 m 时,小车返回而不会脱离轨道,由动能定理 有 Fl-μmg(l+xBC)-mgh=0 解得 xBC≥11 m 综上可得,xBC≤5 m 或者 xBC≥11 m 小车不脱离轨道. 答案:(1)10 m/s (2)10 m (3)xBC≤5 m 或者 xBC≥11 m 2 12 解析:(1)对于小物块,由 A 点到 B 点有 vy=2gh θ vy 在 B 点有 tan 2 =v1 所以 v1=3 m/s (2)对于小物块,由 B 点到 O 点有 θ 1 2 1 2 mgR(1-cos 2 )=2mvO-2mvB 其中 vB= m/s=5 m/s ⑧ ⑨

2 在 O 点 N-mg=mOO,所以 N=43 N 由牛顿第三定律知小物块对轨道的压力为 N′=43 N (3)小物块在传送带上加速的过程有 μ2mg=ma3 2 P、A 间的距离 xPA=11=1.5 m θ θ (4)小物块沿斜面上滑时有 mgsin 2 +μ1mgcos 2 =ma1 解得 a1=10 m/s2 θ θ 小物块沿斜面下滑时有 mgsin 2 -μ1mgcos 2 =ma2 解得 a2=6 m/s2 由机械能守恒定律可知 vC=vB=5 m/s vC 小物块由 C 点上升到最高点历时 t1=a1=0.5 s 小物块由最高点回到 D 点历时 t2=0.8 s-0.5 s=0.3 s vC 1 2 故 xCD= 2 t1-2a2t2 即 xCD=0.98 m. 答案:(1)3 m/s (2)43 N (3)1.5 m (4)0.98 m

13【答案】 (1)12J (2)12.5N

(3)16J


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