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2015步步高高中数学理科文档第五章 5.2


§ 5.2

平面向量基本定理及坐标表示

1.平面向量基本定理 如果 e1、e2 是同一平面内的两个不共线向量,那么对于这一平面内的任意向量 a,有且只 有一对实数 λ1、λ2,使 a=λ1e1+λ2e2. 其中,不共线的向量 e1、e2 叫做表示这一平面内所有向量的一组基底. 2.平面向量的坐标运算 (1)向量加法、减法、数乘及向量的模

设 a=(x1,y1),b=(x2,y2),则 a+b=(x1+x2,y1+y2),a-b=(x1-x2,y1-y2),
2 λa=(λx1,λy1),|a|= x2 1+y1.

(2)向量坐标的求法 ①若向量的起点是坐标原点,则终点坐标即为向量的坐标. → → ②设 A(x1,y1),B(x2,y2),则AB=(x2-x1,y2-y1),|AB|= ?x2-x1?2+?y2-y1?2. 3.平面向量共线的坐标表示 设 a=(x1,y1),b=(x2,y2),其中 b≠0.a∥b?x1y2-x2y1=0.

1.判断下面结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”) (1)平面内的任何两个向量都可以作为一组基底. → → (2)在△ABC 中,向量AB,BC的夹角为∠ABC. (3)若 a,b 不共线,且 λ1a+μ1b=λ2a+μ2b,则 λ1=λ2,μ1=μ2. ( × ( × ( √ ) ) )

(4)平面向量的基底不唯一,只要基底确定后,平面内的任何一个向量都可被这组基底唯 ( √ x1 y1 (5)若 a=(x1,y1),b=(x2,y2),则 a∥b 的充要条件可表示成 = . ( × x2 y2 1 (6)已知向量 a=(1-sin θ,1),b=( ,1+sin θ),若 a∥b,则 θ 等于 45° . ( × 2 → 2.已知点 A(6,2),B(1,14),则与AB共线的单位向量为 ( 12 5 12 5 A.( ,- )或(- , ) 13 13 13 13 一表示. ) ) ) )

5 12 B.( ,- ) 13 13 5 12 5 12 C.(- , )或( ,- ) 13 13 13 13 5 12 D.(- , ) 13 13 答案 C → → 解析 因为点 A(6,2),B(1,14),所以AB=(-5,12),|AB|=13, → AB 1 → 与AB共线的单位向量为± =± (-5,12) 13 → |AB| 5 12 =± (- , ). 13 13 π 3.已知 A(-3,0),B(0,2),O 为坐标原点,点 C 在∠AOB 内,|OC|=2 2,且∠AOC= ,设 4 → → → OC= λOA+OB(λ∈R),则 λ 的值为 ( ) 1 1 2 A.1 B. C. D. 3 2 3 答案 D 解析 过 C 作 CE⊥x 轴于点 E(图略). π 由∠AOC= ,知|OE|=|CE|=2, 4 → → → → → 所以OC=OE+OB=λOA+OB, → → 即OE=λOA, 2 所以(-2,0)=λ(-3,0),故 λ= . 3 → → → 4.在?ABCD 中,AC 为一条对角线,AB=(2,4),AC=(1,3),则向量BD的坐标为__________. 答案 (-3,-5) → → → → → → 解析 ∵AB+BC=AC,∴BC=AC-AB=(-1,-1), → → → → → ∴BD=AD-AB=BC-AB=(-3,-5). → |AC| → 2→ 1→ 5. 在平面直角坐标系中, O 为坐标原点, A、 B、 C 三点满足OC= OA+ OB, 则 =________. 3 3 → |AB| 1 答案 3 → 2→ 1→ 解析 ∵OC= OA+ OB, 3 3 1→ 1→ 1 → → → → ∴OC-OA=- OA+ OB= (OB-OA), 3 3 3 → |AC| 1 → 1→ ∴AC= AB,∴ = . 3 → 3 |AB|

题型一 平面向量基本定理的应用

→ 2→ 1→ 在△ABC 中,点 P 是 AB 上一点,且CP= CA+ CB,Q 是 BC 的中点,AQ 与 CP 的 3 3 → → 交点为 M,又CM=tCP,试求 t 的值. → → → → → → 思维启迪 根据题意可选择AB,AC为一组基底,将CM,CP线性表示出来,通过CM=tCP建 例1 立关于 t 的方程组,从而求出 t 的值. → 2→ 1→ 解 ∵CP= CA+ CB, 3 3 → → → ∴3CP=2CA+CB, → → → → 即 2CP-2CA=CB-CP, → → ∴2AP=PB, 即 P 为 AB 的一个三等分点(靠近点 A),如图所示. ∵A,M,Q 三点共线, → → → x→ → ∴设CM=xCQ+(1-x)CA= CB+(x-1)AC, 2 → → → → x→ x → 而CB=AB-AC,∴CM= AB+( -1)AC. 2 2 → → → 1→ → 又CP=AP-AC= AB-AC, 3 → → 由已知CM=tCP可得, x→ x 1→ → → AB+( -1)AC=t( AB-AC), 2 2 3 x t = 2 3 3 ∴ ,解得 t= . 4 x -1=-t 2

? ? ?

思维升华 平面向量基本定理表明,平面内的任意一个向量都可用一组基底唯一表示,题中 将同一向量用同一组基底的两种形式表示出来,因此根据表示的“唯一性”可建立方程组求 解. → 1→ → 如图,在△ABC 中,AN= NC,P 是 BN 上的一点,若AP= 3 → 2→ mAB+ AC,则实数 m 的值为________. 11 3 答案 11 → → 解析 设|BP|=y,|PN|=x, x → → → → 1→ 则AP=AN+NP= AC- BN,① 4 x+y y → → → → → AP=AB+BP=AB+ BN,② x+y x → y → → ①×y+②×x 得AP= AB+ AC, x+y 4?x+y? y 2 8 3 令 = ,得 y= x,代入得 m= . 3 11 4?x+y? 11

题型二 平面向量的坐标运算 已知 A(1,-2),B(2,1),C(3,2),D(-2,3), → → → (1)求AD+2BD-3BC; → → → → → (2)设CM=3CA,CN=-2BC,求MN及 M、N 点的坐标. → → → 思维启迪 (1)直接计算AD、BD、BC的坐标,然后运算; (2)根据向量的坐标相等列方程求点 M,N 的坐标. 解 (1)∵A(1,-2),B(2,1),C(3,2),D(-2,3), → ∴AD=(-2-1,3+2)=(-3,5), → BD=(-2-2,3-1)=(-4,2), → BC=(3-2,2-1)=(1,1), → → → ∴AD+2BD-3BC=(-3,5)+2(-4,2)-3(1,1) =(-3-8-3,5+4-3)=(-14,6). → → → → (2)∵CM=3CA,CN=-2BC, → → → → → → → ∴MN=CN-CM=-2BC-3CA=-2BC+3AC, → 由 A、B、C、D 点坐标可得AC=(3,2)-(1,-2)=(2,4). → ∴MN=-2(1,1)+3(2,4)=(4,10). 设 M(xM,yM),N(xN,yN). → → → → → → 又CM=3CA,∴OM-OC=3(OA-OC), ∴(xM,yM)-(3,2)=3[(1,-2)-(3,2)]=(-6,-12). ∴xM=-3,yM=-10,∴M(-3,-10). → → → → → 又CN=-2BC,即ON-OC=-2BC, ∴(xN,yN)-(3,2)=-2(1,1), ∴xN=1,yN=0,∴N(1,0). 思维升华 向量的坐标运算主要是利用加、减、数乘运算法则进行.若已知有向线段两端点 的坐标,则应先求出向量的坐标,解题过程中要注意方程思想的运用及正确使用运算法则. → → → → 已知 A(-2,4),B(3,-1),C(-3,-4).设AB=a,BC=b,CA=c,且CM= → 3c,CN=-2b, (1)求 3a+b-3c; (2)求满足 a=mb+nc 的实数 m,n; → (3)求 M、N 的坐标及向量MN的坐标. 解 由已知得 a=(5,-5),b=(-6,-3),c=(1,8). (1)3a+b-3c=3(5,-5)+(-6,-3)-3(1,8) =(15-6-3,-15-3-24)=(6,-42). (2)∵mb+nc=(-6m+n,-3m+8n), 例2

? ? ?-6m+n=5, ?m=-1, ∴? 解得? ?-3m+8n=-5, ?n=-1. ? ? → → → (3)设 O 为坐标原点,∵CM=OM-OC=3c, → → ∴OM=3c+OC=(3,24)+(-3,-4)=(0,20). → → → ∴M(0,20).又∵CN=ON-OC=-2b, → → ∴ON=-2b+OC=(12,6)+(-3,-4)=(9,2), → ∴N(9,2).∴MN=(9,-18).

题型三 向量共线的坐标表示 例3 (1)已知梯形 ABCD,其中 AB∥CD,且 DC=2AB,三个顶点 A(1,2),B(2,1),C(4,2),

则点 D 的坐标为________. (2)已知向量 a=(3,1),b=(1,3),c=(k,7),若(a-c)∥b,则 k=________. 思维启迪 (1)根据向量共线列式求相关点的坐标; (2)根据向量共线求参数. 答案 (1)(2,4) (2)5 → → 解析 (1)∵在梯形 ABCD 中,DC=2AB,∴DC=2AB. 设点 D 的坐标为(x,y), → 则DC=(4,2)-(x,y)=(4-x,2-y), → AB=(2,1)-(1,2)=(1,-1), ∴(4-x,2-y)=2(1,-1),即(4-x,2-y)=(2,-2), ? ? ?4-x=2 ?x=2 ∴? ,解得? ,故点 D 的坐标为(2,4). ? ? ?2-y=-2 ?y=4 (2)依题意得 a-c=(3,1)-(k,7)=(3-k,-6), 又∵(a-c)∥b, 3-k -6 故 = ,∴k=5. 1 3 思维升华 (1)两平面向量共线的充要条件有两种形式: ①若 a=(x1, y1), b=(x2, y2), 则 a∥b 的充要条件是 x1y2-x2y1=0;②若 a∥b(a≠0),则 b=λa. (2)向量共线的坐标表示既可以判定两向量平行,也可以由平行求参数.当两向量的坐标均非 零时,也可以利用坐标对应成比例来求解. (1)已知向量 a=(1,2), b=(1,0), c=(3,4). 若 λ 为实数, (a+λb)∥c, 则 λ 等于( ) 1 B. C.1 D.2 2 → → → (2)已知向量OA=(3,-4),OB=(6,-3),OC=(5-m,-3-m),若点 A、B、C 能构成三 1 A. 4 角形,则实数 m 满足的条件是________. 1 答案 (1)B (2)m≠ 2 解析 (1)∵a=(1,2),b=(1,0),

∴a+λb=(1,2)+λ(1,0)=(1+λ,2), 由于(a+λb)∥c,且 c=(3,4), 1 ∴4(1+λ)-6=0,解得 λ= . 2 → → → (2)因为OA=(3,-4),OB=(6,-3),OC=(5-m,-3-m), → → 所以AB=(3,1),BC=(-m-1,-m). → → 由于点 A、B、C 能构成三角形,所以AB与BC不共线, 3 1 1 → → 而当AB与BC共线时,有 = ,解得 m= , 2 -m-1 -m 1 故当点 A、B、C 能构成三角形时实数 m 满足的条件是 m≠ . 2

忽视平行四边形的多样性致误

典例:(12 分)已知平行四边形三个顶点的坐标分别为(-1,0),(3,0),(1,-5),求第四个顶点 的坐标. 易错分析 此题极易出现思维定势,认为平行四边形只有一种情形,在解题思路中出现漏

解.实际上,题目条件中只给出平行四边形的三个顶点,并没有规定顺序,可能有三种情形. 规范解答 解 如图所示, 设 A(-1,0),B(3,0),C(1,-5),D(x,y).[2 分] → → → ① 若四边形 ABCD1 为平行四边形,则AD1=BC,而AD1=(x+1,y), → BC=(-2,-5). ?x+1=-2, ? → → 由AD1=BC,得? ?y=-5. ?
? ?x=-3, ∴? ∴D1(-3,-5). ?y=-5. ?

[5 分] → → ②若四边形 ACD2B 为平行四边形,则AB=CD2. → → 而AB=(4,0),CD2=(x-1,y+5). ?x-1=4, ?x=5, ? ? ∴? ∴? ∴D2(5,-5). ? ? ?y+5=0. ?y=-5. → → ③若四边形 ACBD3 为平行四边形,则AD3=CB. → → 而AD3=(x+1,y),CB=(2,5), ? ? ?x+1=2, ?x=1, ∴? ∴? ∴D3(1,5). ?y=5, ?y=5. ? ? 综上所述,平行四边形第四个顶点的坐标为(-3,-5)或(5,-5)或(1,5).

[8 分]

[11 分] [12 分]

温馨提醒 (1)本题考查向量坐标的基本运算,难度中等,但错误率较高,典型错误是忽视了 分类讨论.此外,有的学生不知道运用平行四边形的性质,找不到解决问题的切入口. (2)向量本身就具有数形结合的特点,所以在解决此类问题时,要注意画图,利用数形结合的 思想求解.

方法与技巧 1.平面向量基本定理的本质是运用向量加法的平行四边形法则,将向量进行分解. 向量的坐标表示的本质是向量的代数表示,其中坐标运算法则是运算的关键. 2.平面向量共线的坐标表示 (1)两向量平行的充要条件 若 a=(x1,y1),b=(x2,y2),则 a∥b 的充要条件是 a=λb,这与 x1y2-x2y1=0 在本质上是 没有差异的,只是形式上不同. (2)三点共线的判断方法 判断三点是否共线,先求由三点组成的任两个向量,然后再按两向量共线进行判定. 失误与防范 1.要区分点的坐标和向量的坐标,向量坐标中包含向量大小和方向两种信息;两个向量共线 有方向相同、相反两种情况. x1 y1 2.若 a=(x1,y1),b=(x2,y2),则 a∥b 的充要条件不能表示成 = ,因为 x2,y2 有可能等 x2 y2 于 0,所以应表示为 x1y2-x2y1=0.

A 组 专项基础训练 一、选择题 → → → 1.(2012· 广东)若向量BA=(2,3),CA=(4,7),则BC等于 A.(-2,-4) C.(6,10) 答案 A → → 解析 由于BA=(2,3),CA=(4,7), → → → 所以BC=BA+AC=(2,3)+(-4,-7)=(-2,-4). → → → → 2.在△ABC 中,点 P 在 BC 上,且BP=2PC,点 Q 是 AC 的中点,若PA=(4,3),PQ=(1,5), → 则BC等于 ( ) A.(-2,7) B.(-6,21) B.(2,4) D.(-6,-10) ( )

C.(2,-7) 答案 B → → → → 解析 BC=3PC=3(2PQ-PA) → → =6PQ-3PA=(6,30)-(12,9) =(-6,21)

D.(6,-21)

3.设向量 a,b 满足|a|=2 5,b=(2,1),则“a=(4,2)”是“a∥b”成立的 A.充要条件 C.充分不必要条件 答案 C 解析 若 a=(4,2),则|a|=2 5,且 a∥b 都成立; 因 a∥b,设 a=λb=(2λ,λ),由|a|=2 5,知 4λ2+λ2=20,∴λ2=4,∴λ=± 2, ∴a=(4,2)或 a=(-4,-2). 因此“a=(4,2)”是“a∥b”成立的充分不必要条件. 4.已知 a=(1,1),b=(1,-1),c=(-1,2),则 c 等于 1 3 1 3 A.- a+ b B. a- b 2 2 2 2 3 1 3 1 C.- a- b D.- a+ b 2 2 2 2 答案 B 解析 设 c=λa+μb, ∴(-1,2)=λ(1,1)+μ(1,-1), 1 λ= ? 2 - 1 = λ + μ ? 1 3 ∴? ,∴ ,∴c= a- b. 2 2 3 ?2=λ-μ ? μ=- 2 B.必要不充分条件 D.既不充分也不必要条件

(

)

(

)

? ? ?

→ → → → → 5.如图,在△OAB 中,P 为线段 AB 上的一点,OP=xOA+yOB,且BP=2PA,则( 2 1 1 2 A.x= ,y= B.x= ,y= 3 3 3 3 1 3 3 1 C.x= ,y= D.x= ,y= 4 4 4 4 答案 A

)

→ → → → → → → 2→ → 2 → → 2 → 解析 由题意知OP=OB+BP, 又BP=2PA, 所以OP=OB+ BA=OB+ (OA-OB)= OA 3 3 3 1→ 2 1 + OB,所以 x= ,y= . 3 3 3 二、填空题 → → → 6. 已知 A(-3,0), B(0, 3), O 为坐标原点, C 在第二象限, 且∠AOC=30° , OC=λOA+OB, 则实数 λ 的值为________. 答案 1

→ → → 解析 由题意知OA=(-3,0),OB=(0, 3),则OC=(-3λ, 3), 由∠AOC=30° 知以 x 轴的非负半轴为始边,OC 为终边的一个角为 150° , 3 3 3 ∴tan 150° = ,即- =- ,∴λ=1. 3 3λ - 3λ 7.已知向量 a=(1,2),b=(x,1),u=a+2b,v=2a-b,且 u∥v,则实数 x 的值为________. 1 答案 2 解析 因为 a=(1,2),b=(x,1),u=a+2b,v=2a-b, 所以 u=(1,2)+2(x,1)=(2x+1,4), v=2(1,2)-(x,1)=(2-x,3), 又因为 u∥v,所以 3(2x+1)-4(2-x)=0, 1 即 10x=5,解得 x= . 2 8.△ABC 中,内角 A,B,C 所对的边分别为 a,b,c,若 p=(a+c,b),q=(b-a,c-a), 且 p∥q,则角 C=________. 答案 60° 解析 因为 p∥q,则(a+c)(c-a)-b(b-a)=0, a2+b2-c2 1 所以 a2+b2-c2=ab, = , 2ab 2 1 结合余弦定理知,cos C= , 2 又 0° <C<180° ,∴C=60° . 三、解答题 9.已知 A(1,1)、B(3,-1)、C(a,b). (1)若 A、B、C 三点共线,求 a、b 的关系式; → → (2)若AC=2AB,求点 C 的坐标. → → 解 (1)由已知得AB=(2,-2),AC=(a-1,b-1). → → ∵A、B、C 三点共线,∴AB∥AC, ∴2(b-1)+2(a-1)=0,即 a+b=2. → → (2)∵AC=2AB,∴(a-1,b-1)=2(2,-2), ? ? ?a-1=4 ?a=5 ∴? ,解得? , ?b-1=-4 ?b=-3 ? ? ∴点 C 的坐标为(5,-3). 10. 如图,G 是△OAB 的重心,P,Q 分别是边 OA、OB 上的动点,且 P,G,Q 三点共线. → → → → → (1)设PG=λPQ,将OG用 λ,OP,OQ表示; 1 1 → → → → (2)设OP=xOA,OQ=yOB,证明: + 是定值. x y → → → → → → → → (1)解 OG=OP+PG=OP+λPQ=OP+λ(OQ-OP) → → =(1-λ)OP+λOQ.

(2)证明 一方面,由(1),得 → → → → → OG=(1-λ)OP+λOQ=(1-λ)xOA+λyOB;① 另一方面,∵G 是△OAB 的重心, → 2 → 2 1 → → 1→ 1→ ∴OG= OM= × (OA+OB)= OA+ OB.② 3 3 2 3 3 1 ?1-λ?x= , 3 → → 而OA,OB不共线,∴由①②,得 1 λy= . 3

? ? ?

?x=3-3λ, 解得? 1 ?y=3λ.

1

1 1 ∴ + =3(定值). x y

B 组 专项能力提升 → → 1.已知 a,b 是不共线的向量,AB=λa+b,AC=a+μb,λ,μ∈R,那么 A、B、C 三点共线 的充要条件为 A.λ+μ=2 C.λμ=-1 答案 D 解析 ∵A、B、C 三点共线, → → ∴存在实数 t,满足AB=tAC, 即 λa+b=ta+μtb,又 a,b 是不共线的向量, ?λ=t ? ∴? ,∴λμ=1. ? ?1=μt → 2.如下图所示,A,B,C 是圆 O 上的三点,CO 的延长线与线段 AB 交于圆内一点 D,若OC → → =xOA+yOB,则 ( ) B.λ-μ=1 D.λμ=1 ( )

A.0<x+y<1 C.x+y<-1 答案 C

B.x+y>1 D.-1<x+y<0

→ → → 解析 延长 OD 交圆于 E, 因为 A, D, B 三点共线, 故存在 λ, 使得OD=λOA+(1-λ)OB, → → → → → 设OE=x′OA+y′OB, 则 x′>λ, y′>1-λ, ∴x′+y′>1, -OE=OC, → → → → → ∵OC=xOA+yOB=-(x′OA+y′OB),x+y=-x′-y′<-1. 1 → → 3.已知 A(7,1)、B(1,4),直线 y= ax 与线段 AB 交于 C,且AC=2CB,则实 2 数 a=________.

答案 2 → → 解析 设 C(x,y),则AC=(x-7,y-1),CB=(1-x,4-y), ? ? ?x-7=2?1-x? ?x=3 → → ∵AC=2CB,∴? ,解得? . ?y-1=2?4-y? ?y=3 ? ? 1 1 ∴C(3,3).又∵C 在直线 y= ax 上,∴3= a· 3,∴a=2. 2 2 2π → → 4. 给定两个长度为 1 的平面向量OA和OB,它们的夹角为 .如图所示, 3 → → → 点 C 在以 O 为圆心的圆弧 AB 上运动.若OC=xOA+yOB,其中 x, y∈R,求 x+y 的最大值. → 解 以 O 为坐标原点,OA所在的直线为 x 轴建立平面直角坐标系, 如图所示,则 A(1,0), 1 3 B(- , ), 2 2 2π 设∠AOC=α(α∈[0, ]),则 C(cos α,sin α), 3 → → → 由OC=xOA+yOB, 1 cos α=x- y 2 得 , 3 sin α= y 2

? ? ?

3 2 3 sin α,y= sin α, 3 3 π 所以 x+y=cos α+ 3sin α=2sin(α+ ), 6 2π π 又 α∈[0, ],所以当 α= 时,x+y 取得最大值 2. 3 3 → → → 5.已知 O(0,0),A(1,2),B(4,5)及OP=OA+tAB,试问: 所以 x=cos α+ (1)t 为何值时,P 在 x 轴上?在 y 轴上?在第三象限? (2)四边形 OABP 能否成为平行四边形,若能,求出相应的 t 值;若不能,请说明理由. → → 解 (1)∵OA=(1,2),AB=(3,3), → → → ∴OP=OA+tAB=(1+3t,2+3t). 2 若点 P 在 x 轴上,则 2+3t=0,解得 t=- ; 3 1 若点 P 在 y 轴上,则 1+3t=0,解得 t=- ; 3 ?1+3t<0, ? 2 若点 P 在第三象限,则? 解得 t<- . 3 ? 2 + 3 t <0. ? → → (2)若四边形 OABP 为平行四边形,则OP=AB, ? ?1+3t=3, ∴? ?2+3t=3. ? ∵该方程组无解,∴四边形 OABP 不能成为平行四边形.


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