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山东省滕州市第二中学新校2017届高三上学期第二周周清同步检测物理试题.doc

时间:2017-04-08


山东省滕州市二中新校 2016-2017 学年第一学期高三第二周 周周清同步检测 物理试题
第 I 卷(选择题) 一、选择题 1.(单选)一质点沿 x 轴做直线运动,其 v-t 图像如图所示.质点在 t=0 时位于 x=5 m 处, 开始沿 x 轴正向运动.当 t=3s 时,质点在 x 轴上的位置为 A.x=5 m B.x=10m C.x=0m D.x=8m

2.(单选)如图所示,A、B、C 三物块叠放并处于静止状态,水平地面光滑,其它接触面 粗糙,以下受力分析正确的是( )

A.A 与墙面间存在压力 C. A 物块共受 3 个力作用

B. A 与墙面间存在静摩擦力 D.B 物块共受 5 个力作用

3.(单选)如图所示,某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中,该同学对绳的拉力将 (滑轮与绳的重力及摩擦均不计)

A.越来越小 C.先变大后变小

B.越来越大 D.先变小后变大

4.(多选)如图所示,物体 b 在水平推力 F 作用下,将物体 a 挤压在竖直墙壁上,a、b 均处 于静止状态,关于 a、b 两物体的受力情况,下列说法正确的是( )

A.a 受到两个摩擦力的作用 B. b 共受到三个力的作用 C. b 对 a 的摩擦力方向向上 D.增大水平推力 F,a 受到墙壁的摩擦力不变 5. (多选) 如图所示, 质量为 2kg 的物体在水平恒力 F 的作用下在地面上做匀变速直线运动, 位移随时间的变化关系为 x=t2+t,物体与地面间的动摩擦因数为 0.4,取 g=10m/s2,以下结 论正确的是( )

A.匀变速直线运动的初速度为 1m/s C. 水平恒力 F 的大小为 4N

B. 物体的位移为 12m 时速度为 7m/s D.水平恒力 F 的大小为 12N

6.(单选)如图,在倾角为 α 的固定光滑斜面上,有一用绳子栓着的长木板,木板上站着一 只猫.已知木板的质量是猫的质量的 2 倍.当绳子突然断开时,猫立即沿着板向上跑,以保 持其相对斜面的位置不变.则此时木板沿斜面下滑的加速度为( )

A.

B.gsinα

C. gsinα

D.2gsinα

7.(单选)如图所示,倾角 θ=30°的粗糙斜面固定在地面上,长为 l、质量为 m、粗细均匀、 质量分布均匀的软绳置于斜面上,其上端与斜面顶端齐平.用细线将物块与软绳连接,物块 由静止释放后向下运动,直到软绳刚好全部离开斜面(此时物块未到达地面) ,在此过程中 ( )

A.物块的机械能逐渐增加 B. 软绳重力势能共减少了 mgl C. 物块重力势能的减少量等于软绳克服摩擦力所做的功 D.软绳重力势能的减少量等于其动能的增加与克服摩擦力所做功之和 8.(单选)如图所示,弹簧的一端固定在竖直墙上,质量为 M 的光滑弧形槽静止在光滑水 平面上,底部与水平面平滑连接,一个质量为 m(m<M)的小球从槽高 h 处开始自由下滑, 下列说法正确的是( )

A. 在以后的运动过程中,小球和槽的水平方向动量始终守恒 B. 在下滑过程中小球和槽之间的相互作用力始终不做功 C. 全过程小球和槽、弹簧所组成的系统机械能守恒,且水平方向动量守恒 D. 被弹簧反弹后,小球和槽的机械能守恒,但小球不能回到槽高 h 处 9.(单选)如图所示,A、B 是两只相同的齿轮,A 被固定不能转动,若 B 齿轮绕 A 齿轮运 动半周,由图中 B 位置转到图中 C 位置,则 B 齿轮上所标出的竖直向上的箭头所指的方向 是( )

A.竖直向上 B.竖直向下 C.水平向左 D.水平向右

10.(单选)如图所示,某同学分别在垂直于篮板方向的 A、B 两个位置投掷篮球,分别以 v1、v2 的速度水平击中篮筐.若篮球出手时高度相同,篮球在空中运动时间分别为 t1、t2, 不计空气阻力.下列说法正确的是( )

A.v1>v2

B.v1<v2

C.t1>t2

D.t1<t2

11.(单选)如图,以 9.8m/s 的水平初速度 v0 抛出的物体,飞行一段时间后,垂直地撞在倾 角 θ 为 30° 的斜面上,则物体完成这段飞行的时间是(取 g=9.8m/s2) ( )

A.

s

B.

s

C.

s

D.2s

12.(单选)嫦娥一号、二号发射成功后,我国 2013 年 12 月 2 日成功发射嫦娥三号绕月卫 星,如图所示,嫦娥一号的绕月圆周轨道距离月球表面的高度为 150km,而嫦娥三号绕月圆 周运动距月球表面的高度为 100km。将月球看成球体,下列说法正确的是

A.嫦娥三号的运行速率小于嫦娥一号的运行速率 B.嫦娥三号绕月球运行的周期比嫦娥一号大 C.嫦娥三号绕的向心加速度比嫦娥一号的向心加速度小 D.嫦娥三号的角速度大于嫦娥一号的角速度 13.(单选)某电场的电场线分布如图实线所示,一带电粒子在电场力作用下经 A 点运动到 B 点,运动轨迹如虚线所示.粒子重力不计,则粒子的加速度、动能、电势能的变化情况是 ( )

A.若粒子带正电,其加速度和动能都增大,电势能减小 B. 若粒子带正电,其动能增大,加速度和电势能都减小 C. 若粒子带负电,其加速度和动能都增大,电势能减小

D.若粒子带负电,其加速度和动能都减小,电势能增大 14.(单选)如图所示,阴极射线示波管的聚集电场是由电极 A1、A2 形成,实线为电场线, 虚线为等势线,z 轴为该电场的中心轴线,P、Q、R 为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动 轨迹上的三点,则下列说法不正确的是( )

A.电极 A1 的电势低于电极 A2 的电势 B.电子在 P 点处的动能大于在 Q 点处的动能 C.电场中 Q 点的电场强度大于 R 点的电场强度 D.电子从 P 至 R 的运动过程中,电场力对它一直做正功 15.(单选)如图 1 所示是一道闪电划破夜空击中北京中央电视塔。假设发生闪电的云层带 负电,则在闪电瞬间,电视塔受到地磁场的在水平方向的作用力方向是 A.向东 B.向南 C.向西 D.向北

16.(多选)如图所示,通电导线均置于匀强磁场中,其中导线受安培力作用的是( A. B. C. D.



17.(多选)如图 10 所示,将一个近似超导的圆环水平置于非匀强磁场中,圆环恰好能处于 静态平衡。则以下分析正确的是 A.俯视圆环,圆环中的电流方向为顺时针方向 B.若给圆环一个向下的扰动,俯视圆环,电流将变为逆时针方向 C.若增大圆环的微小阻值,圆环将缓慢下降 D.若增大磁场的磁感应强度,圆环将向下加速运动

18.(单选)如图 4,边长为 L 均匀导线制成的单匝正方形闭合线框 abcd 自磁场上方 h 高度 处自由下落, 刚进入磁场时恰好做匀速直线运动。 现减小下落的高度 h 也能使线框在刚进入 磁场时就做匀速直线运动,则可行的方案是 A.用同种规格的导线,做成边长为 2L 的单匝线框 B.用同种规格的导线,做成边长仍为 L 的双匝线框 C.用同种材料但粗一些的导线,做成边长仍为 L 的单匝线框 D.用密度相同但电阻率较小的导线,做成边长为 2L 的单匝线框

19.(多选)如果人或牲畜站在距离电线的落地点 8~10 m 以内或雷雨天的大树附近,就可 能发生触电事故,这种触电叫作跨步电压触电。如图 9 所示为跨步电压的示意图,若站在湿 地上的某人两脚间的距离为 0.5 m, 一只脚的电阻是 300 Ω, 人体躯干内部的电阻为 1000 Ω, 湿地每米的电阻为 100 Ω,并假设通过人体和湿地的总电流不变。则 A.若通过躯干的电流为 0.1 A 时,跨步电压为 135V B.若通过躯干的电流为 0.1 A 时,通过人体和湿地的总电流有 3.3A C.若人的两脚之间的距离增大到 1.0 m,跨步电压为 170V D.若人的两脚之间的距离增大到 1.0 m,通过人体的电流将增大到 0. 3A

20.(单选)关于热力学定律,下列说法正确的是( A. 在一定条件下物体的温度可以降到 0 K



B. 物体从单一热源吸收的热量可以全部用于做功 C. 吸收了热量的物体,其内能一定增加 D. 压缩气体总能使气体的温度升高 21.如图所示,甲分子固定在体系原点 O,只在两分子间的作用力作用下,乙分子沿 x 轴方 向运动,两分子间的分子势能 Ep 与两分子间距离 x 的变化关系如图所示,下列说法正确的 _____________(填选项前的字母)

A.乙分子在 P 点(x=x2)时加速度最大 B.乙分子在 P 点(x=x2)时动能最大 C.乙分子在 Q 点(x=x1)时处于平衡状态 D.乙分子在 Q 点(x=x1)时分子势能最小 22.(多选)下列说法正确的是( )

A. 第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律 B. 晶体有固定的熔点,非晶体没有固定的熔点 C. 物体的温度越高,分子热运动就越剧烈,每个分子动能也越大 D. 一定质量的理想气体,压强不变时,温度升高时,分子间的平均距离一定增大 E. 一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近,直到不能再靠近为止的过 程中,分子间相互作用的合力先变大后变小,再变大 23.(单选)如图所示为半圆形的玻璃砖,C 为 AB 的中点,OO'为过 C 点的 AB 面的垂线.a、 b 两束不同频率的单色可见细光束垂直 AB 边从空气射入玻璃砖,且两束光在 AB 面上入射 点到 C 点的距离相等,两束光折射后相交于图中的 P 点,以下判断不正确的是( )

A.α 光在玻璃砖中的传播速度大于 b 光的传播速度 B.a 光从玻璃砖中射人空气时发生全反射的临界角大于 b 光的临界角 C.在同一双缝干涉装置形成的干涉条纹中,a 光相邻明条纹的间距大于 b 光相邻明条纹的间 距

D.b 光比 a 光更容易发生衍射现象 24.(单选)如图是在高山湖泊边拍摄的一张风景照片,湖水清澈见底,近处湖面水下的景 物(石块、砂砾等)都看得很清楚,而远处则只看到对岸山峰和天空彩虹的倒影,水面下的 景物则根本看不到.下列说法中正确的是( )

A.远处山峰的倒影非常清晰,是因为山峰的光线在水面上发生了全反射 B. 光线由水射入空气,光的波速变大,波长变小 C. 远处水面下景物的光线射到水面处,入射角很大,可能发生了全反射,所以看不见 D.近处水面下景物的光线到水面处,入射角较小,反射光强而折射光弱,因此有较多的能 量射出水面而进入人眼睛中 25.(单选)如图所示,是氢原子四个能级的示意图.当氢原子从 n=4 的能级跃迁到 n=3 的 能级时,辐射出光子 a.当氢原子从 n=3 的能级跃迁到 n=2 的能级时,辐射出光子 b.则以 下判断正确的是( )

A.a 光和 b 光由同一种介质射入空气中时 a 光更容易发生全反射 B. 光子 a 和光子 b 使同一种金属发生光电效应,由光子 a 照射产生的光电子的最大初动能 大于光子 b 照射而产生的 C. 光子 a 的波长大于光子 b 的波长 D.在真空中光子 a 的传播速度大于光子 b 的传播速度

第 II 卷(非选择题) 二、实验题 26.物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数.实验装置如图,一表面 粗糙的木板固定在水平桌面上,一端装有定滑轮;木板上有一滑块,其一端与电磁打点计时 器的纸带相连, 另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接. 打点计时器使用的交流电源的频 率为 50Hz.开始实验时,在托盘中放入适量砝码,滑块开始做匀加速运动,在纸带上打出 一系列小点

(1)上图给出的是实验中获取的一条纸带的一部分:0、1、2、3、4、5、6、7 是计数点, 每相邻两计数点间还有 4 个打点(图中未标出) ,计数点间的距离如图所示.根据图中数据 计算的加速度 (保留三位有效数字) .

(2)回答下列两个问题: ①为测量动摩擦因数, 下列物理量中还应测量的有 . (填入所选物理量前的字母)

A.木板的长度 l B.木板的质量 m1 C.滑块的质量 m2 D.托盘和砝码的总质量 m3 E.滑 块运动的时间 t ②测量①中所选定的物理量时需要的实验器材是 (3) 滑块与木板间的动摩擦因数 μ= 真实值相比,测量的动摩擦因数 (用被测物理量的字母表示, 重力加速度为 g) . 与 (填“偏大”或“偏小”) .

27.某实验小组利用弹簧秤和刻度尺,测量滑块在木板上运动的最大速度.

实验步骤如下: ①用弹簧秤测量橡皮泥和滑块的总重力,记作 G; ②将装有橡皮泥的滑块放在水平木板上,通过水平细绳和固定弹簧秤相连,如图甲所示.在 A 端向右拉动木板,等弹簧秤读数稳定后,将读数记作 F; ③改变滑块上橡皮泥的质量,重复步骤①②;实验数据如表所示: G/N 1.50 2.00 2.50 3.00 3.50 4.00 F/N 0.62 0.83 0.99 1.22 1.37 1.61 ④如图乙所示,将木板固定在水平桌面上,滑块置于木板上左端 C 处,细绳跨过定滑轮分 别与滑块和重物 P 连接,保持滑块静止,测量重物 P 离地面的高度 h; ⑤滑块由静止释放后开始运动,最终停在木板上 D 点(未与滑轮碰撞) ,测量 C、D 间距离 S. 完成下列作图和填空: (1)根据表中数据在给定的坐标纸(如图丙)上作出 F﹣G 图线. (2)由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数 μ= (3)滑块最大速度的大小 v= 三、计算题 28.如图所示,x 轴正方向水平向右,y 轴正方向竖直向上,在 xOy 平面内有与 y 轴平行向 上的匀强电场区域(在第Ⅰ象限,形状是直角三角形),直角三角形斜边分别与 x 轴和 y 轴 相交于(L,0)和(0, L)点. 区域左侧沿 x 轴正方向射来一束具有相同质量 m、 电荷量为-q(q>0) L? 和初速度 v0 的带电微粒,这束带电微粒分布在 0<y<L 的区间内,其中从? ?0,2?点射入场区 的带电微粒刚好从(L,0)点射出场区.带电微粒重力不计.求: (1)电场强度大小; L (2)从 0<y< 的区间射入场区的带电微粒射出场区时的 x 坐标值和射入场区时的 y 坐标值的 2 关系式; (保留 2 位有效数字)

(用 h、s、μ 和重力加速度 g 表示. )

(3)射到(2L, 0)点的带电微粒射入场区时的 y 坐标值.

29.如图(甲)所示,质量 m=2kg 的物体在水平面上向右做直线运动.过 P 点时给物体作用 一个水平向左的恒力 F 并开始计时,选取水平向右为速度的正方向,通过速度传感器测出 物体的瞬时速度,所得 vt 图象如图(乙)所示.取重力加速度为 g=10m/s2.求:

(1)物体在 0~4s 内和 4~10s 内的加速度 a1、a2 的大小; (2)力 F 的大小和物体与水平面间的动摩擦因数 μ; (3)10s 末物体离 P 点的距离. 30.如图 16 所示,为一磁约束装置的原理图,圆心为原点 O、半径为 R0 的圆形区域Ⅰ内有 方向垂直 xoy 平面向里的匀强磁场。一束质量为 m、电量为 q、动能为 E0 的带正电粒子从坐 标为(0、R0)的 A 点沿 y 负方向射入磁场区域Ⅰ,粒子全部经过 x 轴上的 P 点,方向沿 x 轴 正方向。当在环形区域Ⅱ加上方向垂直于 xoy 平面的匀强磁场时,上述粒子仍从 A 点沿 y 轴负方向射入区域Ⅰ,粒子经过区域Ⅱ后从 Q 点第 2 次射入区域Ⅰ,已知 OQ 与 x 轴正方 向成 600。不计重力和粒子间的相互作用。求: (1)区域Ⅰ中磁感应强度 B1 的大小; (2)若要使所有的粒子均约束在区域内,则环形区域Ⅱ中 B2 的大小、方向及环形半径 R 至少为大; (3)粒子从 A 点沿 y 轴负方向射入后至再次以相同的速度经过 A 点的运动周期。

试卷答案 1.B。在 v-t 图象中图线与时间轴所围的面积表示了质点的位移,由 v-t 图象可知,在 0~3s 内图线位于时间轴的上方,表示质点沿 x 轴正方向运动,其位移为正,由图上的面积可知:

1 x ? 2 ? 2m ? ?1? 2m ? 5m ,当 t=3s 时,质点在 x 轴上的位置为: 2

x总 =x0 ? x ? 5m ? 5m ? 10m 。由计算可知本题答案应选择 B 答案。

2. 考点: 共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.. 专题: 共点力作用下物体平衡专题. 分析: 解答本题关键是灵活选择研究对象:先对三个物体组成的整体,分析根据平衡条件求 解墙对 A 的压力;根据 A 与墙间的压力情况,判断有无摩擦力;即可分析 A 的受力 情况; 再对 AB 分析受力情况,由平衡条件分析 C 对 B 有无摩擦力,再分析 B 的受力情况. 解答: 解:A、B 以三个物体组成的整体为研究对象,水平方向上:地面光滑,对 C 没有摩 擦力,根据平衡条件得知,墙对 A 没有压力,因而也没有摩擦力.故 AB 错误. C、对 A:受到重力、B 的支持力和摩擦力三个力作用.故 C 正确. D、先对 AB 整体研究:水平方向上:墙对 A 没有压力,则由平衡条件分析可知,C 对 B 没有摩擦力. 再对 B 分析:受到重力、 A 的压力和摩擦力、 C 的支持力,共四个力作用.故 D 错误. 故选 C 点评: 本题考查灵活研究对象的能力,分析受力时,还要抓住没有弹力,就没有摩擦力.

3. 答案:B :滑轮处受到三个力作用,重物的重力大小是不变的,绳上的拉力大小是相等 的,但夹角不断变大,合力与物体重力等大反向是不变的,所以绳上的拉力越来越大,B 正 确。

4.

考点: 共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.. 专题: 运动学与力学(二) ;共点力作用下物体平衡专题. 分析: 受力分析按照重力、弹力、摩擦力的顺序进行分析,根据共点力平衡判断摩擦力的有 无,以及摩擦力的变化. 解答: 解:b 受到重力、推力 F,a 对 b 的弹力,静摩擦力四个力平衡. 对于 a 物体,受重力、b 对 a 的弹力、墙壁对 a 的弹力、b 对 a 的摩擦力,墙壁对 a 的摩擦力五个力作用平衡, 根据共点力平衡得,对整体分析,竖直方向受总重力和摩擦力,所以 a 受到墙壁的摩 擦力等于 a、b 的重力之和,不随 F 的增大而增大. 故选:AD. 点评: 解决本题的关键掌握受力顺序,以及会运用共点力平衡判断摩擦力的方向和大小.

5. 考点: 牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系.. 专题: 牛顿运动定律综合专题. 分析: 根据物体做匀变速直线运动的位移时间公式得出物体的初速度和加速度, 结合牛顿第 二定律求出水平恒力. 根据匀变速直线运动的速度位移公式求出物体位移为 12m 时的 速度. 解答: 解:A、根据 B、根据 =t2+t,知 v0=1m/s,a=2m/s2.故 A 正确. 得, m/s=7m/s.故 B 正确.

C、根据牛顿第二定律得,F﹣μmg=ma,解得 F=ma+μmg=12N.故 C 错误,D 正确. 故选 ABD. 点评: 本题综合考查了牛顿第二定律和运动学公式,知道加速度是前后联系的桥梁,通过加 速度,可以根据力求运动,也可以根据运动求力.

6. 考点: 牛顿第二定律.版权所有 专题: 整体思想. 分析: 对猫和木板受力分析受力分析, 可以根据各自的运动状态由牛顿第二定律分别列式来

求解,把猫和木板当做一个整体的话计算比较简单. 解答: 解:木板沿斜面加速下滑时,猫保持相对斜面的位置不变,即相对斜面静止,加速度 为零.将木板和猫作为整体, 根据牛顿第二定律 F 合=F 猫+F 木板=0+2ma(a 为木板的加速度) , 整体受到的合力的大小为猫和木板沿斜面方向的分力的大小, 即 F 合=3mgsinα,解得 a= gsinα,所以 C 正确. 故选 C. 点评: 本题应用整体法对猫和木板受力分析,根据牛顿第二定律来求解比较简单,当然也可 以采用隔离法,分别对猫和木板受力分析列出方程组来求解.

7. 考点: 动能和势能的相互转化;功能关系.版权所有 分析: 根据软绳对物块做功正负,判断物块机械能的变化,若软绳对物块做正功,其机械能 增大;若软绳对物块做负功,机械能减小.分别研究物块静止时和软绳刚好全部离开 斜面时,软绳的重心离斜面顶端的高度,确定软绳的重心下降的高度,研究软绳重力 势能的减少量.以软绳和物块组成的系统为研究对象,根据能量转化和守恒定律,分 析软绳重力势能的减少与其动能的增加与克服摩擦力所做功的和的关系. 解答: 解:A、物块下落过程中,软绳对物块做负功,物块的机械能逐渐减小.故 A 错误. B、物块未释放时,软绳的重心离斜面顶端的高度为 h1= lsin30° = l,软绳刚好全部 离开斜面时, 软绳的重心离斜面顶端的高度 h2= l,则软绳重力势能共减少 mgl.故 B 正确. C、因为物块的机械能减小,则物块的重力势能减小量大于物块的动能增加量,减小 量等于拉力做功的大小,由于拉力做功大于克服摩擦力做功,所以物块重力势能的减 少大于软绳克服摩擦力所做的功与物块动能增加之和.故 C 错误. D、以软绳为研究对象,细线对软绳做正功,则软绳重力势能的减少小于其动能的增 加与克服摩擦力所做功的和.故 D 错误. 故选:B. 点评: 本题中软绳不能看作质点,必须研究其重心下降的高度来研究其重力势能的变化.应

用能量转化和守恒定律时,能量的形式分析不能遗漏.

8. 【考点】 : 动量守恒定律;机械能守恒定律. 【专题】 : 动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合. 【分析】 : 由动量守恒的条件可以判断动量是否守恒; 由功的定义可确定小球和槽的作用力 是否做功; 由小球及槽的受力情况可知运动情况; 由机械守恒及动量守恒可知小球能否回到 最高点. : 解:A、小球在槽上运动时,由于小球受重力,故两物体组成的系统外力之和不为零, 故动量不守恒;当小球与弹簧接触后,小球受外力,故动量不再守恒,故 A 错误; B、 下滑过程中两物体都有水平方向的位移, 而力是垂直于球面的, 故力和位移夹角不垂直, 故两力均做功,故 B 错误; C、全过程小球和槽、弹簧所组成的系统只有重力与弹力做功,系统机械能守恒,小球与弹 簧接触过程系统在水平方向所受合外力不为零,系统水平方向动量不守恒,故 C 错误; D、小球与槽组成的系统动量守恒,球与槽的质量相等,小球沿槽下滑,球与槽分离后,小 球与槽的速度大小相等,小球被反弹后球与槽的速度相等,小球不能滑到槽上,不能达到高 度 h,故 D 正确; 故选:D. 【点评】 : 解答本题要明确动量守恒的条件,以及在两球相互作用中同时满足机械能守恒, 应结合两点进行分析判断. 9.A。当 A 被固定时只有 B 转动,显然 B 以 A 的圆心做旋转运动,如果假设齿 齿径为 r,那么 B 转动的半径为 2r, 那么从 B 位置到 C 位置的路程为 π?2r, 因此齿轮 B 的圆心角为 所以箭头指向竖直向上,即 A 正确。故选择 A 答案 。 =2π, 即齿轮 B 转了一圈,

10. 考点: 平抛运动.版权所有 专题: 平抛运动专题. 分析: 据题知两个篮球都垂直击中篮筐,其逆过程是平抛运动,它们上升的高度相等,水平

位移大小不等,根据平抛运动的规律得到水平位移与初速度的关系,分析初速度的大 小. 解答: 解:两个篮球都垂直击中篮筐,其逆过程是平抛运动,设任一篮球击中篮筐的速度 v, 上升的高度为 h,水平位移为 x. 则有:h= 错误. 故选:A 点评: 本题运用逆向思维研究斜抛运动,关键是要明确平抛运动的研究方法、位移公式和速 度公式,是解决平抛运动问题的基础知识. ,h 相同,则运动的时间相同,而 x=vt,则得 v1>v2.故 A 正确,BCD

11. 考点: 平抛运动.版权所有 分析: 平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动,和竖直方向上的自由落体运动, 根据垂直地撞在倾角 θ 为 30° 的斜面上这一个条件,分别根据匀速直线运动和自由落 体运动的运动规律列方程求解即可. 解答: 解:设垂直地撞在斜面上时速度为 V,将速度分解水平的 Vsinθ=vo,和竖直方向的 vy=Vcosθ, 由以上两个方程可以求得 vy=vocotθ, 由竖直方向自由落体的规律得 vy=gt, 代入竖直可求得 t=cot30° = 故选 C. 点评: 本题就是对平抛运动规律的考查,平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运 动,和竖直方向上的自由落体运动来求解. s.

12. 答案:D:万有引力提供向心力,具体 G

Mm v2 4? 2 r 2 ? m a ? m ? m r ? ? m ,半径小的 r2 r T2

嫦娥一号的加速度、线速度、角速度都大而周期小,故 D 正确。

13.

考点: 电势能;等势面.版权所有 专题: 电场力与电势的性质专题. 分析: 解这类问题的思路是:根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向,然后根据电场力方向 与电场线方向关系判断带电粒子的电性,根据电场力做功判断电势能和动能的变化. 解答: 解:由粒子的运动轨迹弯曲方向可知,带电粒子受电场力大致向右,与轨迹上每一点 的切线方向即瞬时速度方向成锐角,则电场力对带电粒子做正功,其电势能减小,动 能增大. 电场线越来越密,场强增大,粒子所受的电场力增大,加速度增大,这些结论与粒子 的电性无关,故 AC 正确,BD 错误. 故选 AC 点评: 本题是轨迹问题, 解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场 力方向,利用电场中有关规律求解.

14. 【考点】 : 射线管的构造及其工作原理. 【分析】 : 沿电场线电势降低,电场强度的大小与电场线的疏密的关系;明确电子在电场中 的受力特点以及电场力做功情况,从而进一步判断电势能、动能等变化情况. : 解:A、沿电场线电势降低,因此电极 A1 的电势低于电极 A2,故 A 错误; B、电子从 P 至 R 的运动过程中,是由低电势向高电势运动时,电场力做正功,动能增加, 电势能减小,故 B 错误,D 正确; C、等势线密的地方电场线也密,因此 Q 点电场线比 R 点电场线密,故 Q 点的电场强度大 于 R 点的电场强度,因此 C 错误, 故选:D. 【点评】 : 要能正确根据电场线、等势线的分布情况,判断电势、电势能、电场强度、电场 力做功等物理量变化情况. 15. C.由北京的地理位置来判断该处的磁场方向,运用左手定则判定可知受力方向是向西,故选 择C答案。 【思路点拨】该题是物理知识的实际应用题,只要我们知道地球磁场的分布,再由运动电荷 在磁场中的运动,根据左手定则就可很快判断出答案。

16. 考点: 安培力;左手定则.版权所有 分析: 当磁场的方向与电流的方向平行,导线不受安培力作用,当磁场的方向与磁场的方向 不平行,导线受安培力作用. 解答: 解:A、磁场的方向与电流方向垂直,受安培力作用.故 A 正确. B、磁场的方向与电流的方向不平行,受安培力作用.故 B 正确. C、磁场的方向与电流方向平行,不受安培力作用.故 C 错误. D、磁场的方向与电流方向垂直,受安培力作用.故 D 正确. 故选 ABD. 点评: 解决本题的关键知道磁场的方向与电流的方向平行,导线不受安培力作用,当磁场的 方向与磁场的方向不平行,导线受安培力作用.

17.AC.。这里的“置于非匀强磁场中”,应该理解为从正上方放下,当将环靠近磁铁时,由于 越靠近磁铁,其磁场就越强,磁感线就越密,所以在靠近过程中环会切割磁感线运动,即在 该环中会产生感应电流;由于发生了超导,即没有电阻,所以此时环中的电流不会变小;同 时据焦耳定律能看出,由于没有电阻,所以在 B 环上不会产生电热。在A选项中有:根据 楞次定律,感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化, 原磁通量向上增加,所以感应出顺时针方向(俯视)的电流以阻碍之,A正确;在B选项中 有:向下扰动使原磁通量继续向上增加,电流方向依然不变,B错;在C选项中有:如果存 在电阻, 那么环中电流会不断减少, 这样, 安培力减小, 不足以平衡重力时, 环就会下降 (可 以联想下现实中存在电阻的环的说,即C正确;若增大磁场的磁感应强度,则安培力增加, 会排斥圆环即圆环向上运动。D错;故选择AC答案。

18.D。先求解原来状态的高度

BLv gm2 R 2 E ? BLv ? v ? 2 gh ? mg ? BIL ? B L?h? R 2 B 4 L4
2

在A选项中L变为 2L,是改变了线框的质量、总长度、总电阻,则有:

E? ? 2 BLv ? v 2 ? 2 gh? ? 2mg ? BI ?L ? B

BLv gm2 R 2 2L ? h? ? ? h ,高度不变,不能 R 2 B 4 L4

满足作匀速运动,A错;在B选项中也是改变了线框的质量和总长度和总电阻,通过推算高 度也不变,B错;在C选项中是改变了线框的电阻和质量,但长度不变,依规律可推得:设 半 径 是 原 来 的 2 倍 , 则 有 : R? ? ?

4L 1 ? R? ? R 质 量 为 : 2 ?r 4

m? ? ?0? r 2 4 L ? 4m ? 4mg ?

4 BEL gm2 R 2 ? h? ? ? h ,由此计算可知C答案也不对; R 2 B 4 L4

在D选项中电阻率变小为原来的一半,长度增长,质量增大,电阻发生变化,则有:

E? ? 2 BLv ? v 2 ? 2 gh? ? 2mg ? BI ?L ? B
故D答案正确,选择D答案。

BLv gm2 R 2 ? 2L ? h ? ? h ,满足题目要求, R? 32 B 4 L4

19.B.。若通过躯干的电流为 0.1A时,有:把人体和湿地分别看成一个电阻,则两电阻并联, 人体的电阻为: R1 ? 300 ? 2? ? 1000? ? 1600? ,当两脚之间距离为 0.5 m 时,湿地电阻 为: R2 ? ? L ? 100 ? 0.5? ? 50? ,跨步电压为: U ? I1R1 ? 0.1?1600V ? 160V ,A错; 两 个 电 阻 并 联 的 总 阻 值 为 : R?

R1 R2 , 其 回 路中 通 过 的 电流 为 : R1 ? R2

I?

U 160 ( R1 ? R2 ) ? (1600 ? 50) A ? 3.3 A ,B正确;若人的两脚之间的距离增 R1R2 1600 ? 50

? ? ? L? ? 100 ?1.0? ? 100? ,两脚间的总电阻为: 大到 1.0 m 时,两脚湿地的电阻为: R2
R? ? ? 1600 ?100 R1 R2 1600 ?100 V ? 310.6V 。由 ? ? 。跨步电压为:U ? ? IR? ? 3.3 ? 1600 ? 100 R1 ? R2 1600 ? 100 U ? 310.6 ? A ? 0.19 A 。D错;故本题选择B R1 1600

此计算可知C错;通过人体的电流为: I ? ? 答案。

20. 【考点】 : 热力学第一定律. 【专题】 : 热力学定理专题.

【分析】 : 利用热力学三个定律即可分析求解,注意热力学第二定律有几种表述方式:克劳 修斯表述热量可以自发地从较热的物体传递到较冷的物体, 但不可能自发地从较冷的物体传 递到较热的物;开尔文﹣普朗克表述不可能从单一热源吸取热量,并将这热量变为功,而不 产生其他影响. : 解:A、根据热力学第三定律的绝对零度不可能达到,故 A 错误; B、根据热力学第二定律,物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功而引起其他变化是可 能的,当然会产生其他变化,故 B 正确. C、物体从外够外界吸收热量同时对外做功,根据能量守恒定律可知内能可能增加、减小和 不变,故 C 错误; D、压缩气体,外界对气体作正功,气体同时可能向外释放热,根据能量守恒定律可知物体 内能可能减少、温度降低,故 D 错误; 故选:B. 【点评】 : 本题关键要记住热力学三大定律,根据三大定律直接判断即可,注意热力学第二 定律的不同表示方法,属于基础题. 21.B 分子间存在相互作用的引力和斥力, 当二者大小相等时两分子共有的势能最小, 分子间距离 为平衡距离,当分子间距离变大或变小时,分子力都会做负功,导致分子势能变大.两分子 所具有的总能量为分子动能与分子势能之和 A、由图象可知,乙分子在 P 点(x=x2)时,分子势能最小,此时分子处于平衡位置,分子 引力与分子斥力大小相等,合力为零,加速度为零,故 A 错误 B、乙分子在 P 点(x=x2)时,分子势能最小,由能量守恒定律则知,分子的动能最大,故 B 正确; C、乙分子在 Q 点(x=x1)时,分子间距离小于平衡距离,分子引力小与分子斥力,合力表 现为斥力,在 Q 点分子不处于平衡状态,故 C 错误; D、由图象可知,乙分子在 Q 点时分子势能为零,大于分子在 P 点的分子势能,因此在 Q 点分子势能不是最小,故 D 错误; 故选:B 22. : 解:A、第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律,故 A 错误; B、晶体有固定的熔点,非晶体没有固定的熔点,故 B 正确;

C、物体的温度越高,分子热运动就越剧烈,分子热运动的平均动能越大,但不是每个分子 的动能都大,故 C 错误; D、根据 ,一定质量的理想气体,压强不变时,温度升高时,体积增加,故分子间的

平均距离一定增大,故 D 正确; E、 一个分子以一定的初速度沿直线向另一固定的分子靠近, 直到不能再靠近为止的过程中, 分子间相互作用的合力先变大后变小,再变大,在平衡位置分子力最小,故 E 正确; 故选:BDE. 23.D 由图分析可知,玻璃砖对 b 束光的偏折角大于对 a 束光的偏折角,根据折射定律得知:玻璃 砖对 b 束光的折射率大于对 a 束光的折射率,由 v=C/n 得到,a 光在玻璃砖中的速度大于 b 光的传播速度.选项 A 正确;由公式 sinC=1/n 分析得知,a 光的折射率 n 小,则 a 光发生全 反射的临界角大于 b 光发生全反射的临界角,选项 B 正确;干涉条纹的间距与波长成正比, a 光的频率小,波长长,故相邻明条纹的间距 a 光的较大.选项 C 正确;光的波长越长,波 动性越强,越容易发生衍射现象.所以可知 a 光比 b 光更容易发生衍射现象,选项 D 错误. 24. 考点: 全反射.. 专题: 光的折射专题. 分析: 远处山峰的倒影在水面发生了反射现象;远处水面下景物的光线射到水面处,入射角 很大,能发生全反射.光线由水射入空气,光的波速变大,频率不变,波长变大. 解答: 解:A、远处山峰的倒影非常清晰,是因为山峰的光线在水面上发生了反射,但不是 全反射,因为全反射只有光从光密介质射入光疏介质时才可能发生,故 A 错误. B、光线由水射入空气,光的波速变大,频率不变,由波速公式 v=λf 知波长变大,故 B 错误. C、远处水面下景物的光线射到水面处,入射角很大,当入射角大于等于全反射临界 角时能发生全反射,光线不能射出水面,因而看不见,故 C 正确. D、近处水面下景物的光线到水面处,入射角越小,反射光越弱而折射光越强,射出 水面而进入人眼睛中能量越少,故 D 错误. 故选:C. 点评: 本题关键要掌握全反射现象以及产生的条件,要注意反射与全反射的区别,不能混为 一谈.

25. 考点: 氢原子的能级公式和跃迁.. 专题: 原子的能级结构专题. 分析: 能级间跃迁辐射光子的能量等于能级之差,根据能极差的大小比较光子能量,从而比 较出光子的频率.频率大,波长小,波长越长,越容易发生衍射.频率大,折射率大, 根据 v=比较在介质中的速度大小.当入射光的频率大于金属的极限频率时,发生光 电效应. 解答: 解: A、 氢原子从 n=4 的能级跃迁到 n=3 的能级的能极差小于从 n=3 的能级跃迁到 n=2 的能级时的能极差,根据 Em﹣En=hγ,知,光子 a 的能量小于光子 b 的能量. 所以 a 光的频率小于 b 光的频率,则 a 光和 b 光由同一种介质射入空气中时 b 光更容 易发生全反射,故 A 错误. B、光子 a 和光子 b 使同一种金属发生光电效应,光子 a 的能量小于光子 b 的能量. 由光子 a 照射产生的光电子的最大初动能小于光子 b 照射而产生的.故 B 错误; C、光子 a 的频率小于光子 b 的频率,所以 b 的频率大,波长小,故 C 正确; D、在真空中光子 a 的传播速度等于光子 b 的传播速度,故 D 错误; 故选:C. 点评: 解决本题的突破口是比较出光子 a 和光子 b 的频率大小,从而得知折射率、在介质中 速度等大小关系.

26. 考点: 探究影响摩擦力的大小的因素.. 专题: 实验题;压轴题;摩擦力专题. 分析: (1)纸带法实验中,若纸带匀变速直线运动,测得纸带上的点间距,利用匀变速直 线运动的推论△x=aT2,可计算出打出某点时纸带运动加速度; (2)根据牛顿第二定律,写出滑动摩擦因数的表达式,即可知道需要测量的物理量; (3)对木块受力分析,根据牛顿第二定律列方程,可求出滑动摩擦因数的表达式, 由于木块滑动过程中受到空气阻力,因此会导致测量的动摩擦因数偏大. 解答: 解: (1)每相邻两计数点间还有 4 个打点,说明相邻的计数点时间间隔为 0.1s.

将第一段位移舍掉,设 1、2 两计数点之间的距离为 x1,则第 6、7 之间的距离为 x6, 利用匀变速直线运动的推论△x=at2,即逐差法可以求物体的加速度大小: ,将数据带入得: a=0.496m/s2. 由于取舍的位移不一样,因此在答案在:0.495~0.497m/s2 范围内. (2) ①设托盘和砝码质量为 m3, 滑块的质量 m2 , 摩擦因数为 μ, 则摩擦力为 f=m2gμ 根据牛顿第二定律有:m3g﹣m2gμ=(m3+m2)a,由此可知出根据逐差法求出的加速 度之外, 还需要测量托盘和砝码质量为 m3, 滑块的质量 m2 , 故 ABE 错误, CD 正确. 故选 CD. ②根据①问分析可知在测量质量的时候需要用到的仪器是天平. 故答案为:天平. (3)根据牛顿第二定律有:m3g﹣m2gμ=(m3+m2)a,故解得: μ= .

由于根据牛顿第二定律列方程的过程中,即考虑了木块和木板之间的摩擦,没有考虑 细线和滑轮以及空气阻力等,故导致摩擦因数的测量会偏大. 故答案为: ,偏大.

点评: 能够从物理情境中运用物理规律找出所要求解的物理量间的关系, 表示出需要测量的 物理量,运用仪器进行测量,正确的进行有关误差分析.

27. 【考点】 : 探究影响摩擦力的大小的因素. 【专题】 :实验题;摩擦力专题. 【分析】 : (1)根据所测数据描点即可,注意所连的线必须是平滑的,偏离太远的点舍弃; (2)由实验图甲可知 F=μG,即 F﹣G 图象上的直线的斜率代表动摩擦因数 μ; (3)当重物 P 停止运动时,滑块达到最大速度,此后做匀减速运动,动摩擦因数 μ 在(2) 中已知,根据运动规律公式 v2﹣v02=2as 列式即可求解. : 解: (1)根据描点法在 F﹣G 图象上描出各点,再连接起来,如图所示;

(2)由图甲可知 F=μG,则 F﹣G 图象上的直线的斜率代表 μ 值的大小.由 F﹣G 图象可知 μ= ≈0.40;

(3)当重物 P 刚好下落到地面时,滑块的速度 v 最大,此时滑块的位移为 h,此后滑块做 加速度为 μg 的匀减速运动, 由公式 v2﹣v02=2as 知: 滑块的最大速度 vmax 满足:vmax2=2μg(S﹣h) , 则 vmax= . .

故答案为: (1)如图所示; (2)0.40; (3)

【点评】 :本题既考查了学生实验创新能力、运用图象处理实验数据的能力,又考查了物体 做匀加速运动的规律.求滑块的最大速度时,需注意重物刚落地时,滑块速度最大. 28. 设电场强度为 E (1)根据平抛运动(设带电微粒在场区中的偏转时间为 t1) 有:L=v0t1 mv2 0 解得 E= . qL 1 Eq? 2 (2)由平抛运动有:x=v0t y= ? t 2? m ? 得:x2=2Ly. (3)画出示意图如图所示,设这个带电微粒在场区中的水平偏转位移为 x1,竖直偏转位移为 y1,偏转角为 θ,偏转时间为 t2,射入场区时的 y 坐标值为 Y,有:x1=v0t2 Y-y1 根据几何关系有:x1+ =2L tan θ L-x1=Y-y1 1 Eq? 2 y1= ? t 2? m ? 2 L 1?Eq? 2 = t 2 2? m ? 1

y1 根据平抛运动的特点有:tan θ=2 x1 5- 5 得:Y= L. 4

29. 考点: 牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系;匀变速直线运动的图像. 专题: 牛顿运动定律综合专题. 分析: (1、2)由 v﹣t 图分别求得由力 F 和没有力 F 作用时的加速度,再根据牛顿第二定 律即可求解; (3)设 10s 末物体离 a 点的距离为 d,d 应为 v﹣t 图与横轴所围的面积. 解答: 解: (1、2)设物体向右做匀减速直线运动的加速度为 a1,则由 v﹣t 图得 a1=2 m/s2① 根据牛顿第二定律,有 F+μmg=ma1② 设物体向左做匀加速直线运动的加速度为 a2,则由 v﹣t 图得 a2=1m/s2 ③ 根据牛顿第二定律,有 F﹣μmg=ma2④ 解①②③④得:F=3N,μ=0.05 (3)设 10s 末物体离 a 点的距离为 d,d 应为 v﹣t 图与横轴所围的面积 则:d= ,负号表示物体在 a 点以左

答: (1)物体在 0~4s 内和 4~10s 内的加速度 a1、a2 的大小分别为 2m/s2、1m/s2. (2)力 F 的大小为 3N,物体与水平面间的动摩擦因数 μ 为 0.05; (3)10s 末物体离 a 点的距离为 2m. 点评: 本题主要考查了速度﹣时间图象及牛顿第二定律的直接应用, 知道速度﹣时间图象的 斜率表示加速度,面积表示位移,难度适中.

30.(1)设在区域Ⅰ内轨迹圆半径为 r1 = R0; (1 分)

1 r1 ? m v (1 分) E0 ? mv 2 (1 分)∴ B1 ? 2 qB1

2mE0 qR0

(1 分)

(2)设粒子在区域Ⅱ中的轨迹圆半径为 r2 , 部分轨迹如图, 有几何关系知:r2 ?

3 r1 3

(2

分) ,

r2 ?

mv , (1 分) qB2

? B2 ? 3B1 ?

6m E0 , (1 分) qR0

方向与 B1 相反,即垂直 xoy 平面向外(1 分) 由几何关系得 R ? 2r2 ? r2 ? 3r2 , (2 分) 即 R ? 3R0 (1 分) (3)轨迹从 A 点到 Q 点对应圆心角 ? ? 90? ? 60? ? 150 ? ,要仍从 A 点沿 y 轴负方向射入, 需满足;

150n ? 360m, m、n属于自然数,即取最小整数 m=5,n=12

(3 分)

1 2 2?m 2?m T ? 12 ? ( T1 ? T2 ) ,其中 T1 ? (2 分) , T2 ? 4 3 qB1 qB2
代入数据得 T ? (

?R m E0 8 6 (1 分) ? 3 2) ? 0 3 E0


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